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2021年度训练联盟热身训练赛第五场 F,G,H,I
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F.Group Project
首先肯定可以划分成两个班级的,且班级内不会有冲突。那么肯定优先选择班级内配对,最后如果每个班都剩一个,且此时 cnta*cntb!=m,那么这两个人能配对,答案+1(cnta,cntb代表每个班级的人数,如果相乘不等于m,那么肯定存在当前班级的一个人可以和另一个班级的一个人配对)。然后用并查集实现即可。
这里把for循环换成while(m–)就过不了,
# include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e5+5;
int n,m;
int fa[N];
int enemy[N];
int find_fa(int x)
{if(x==fa[x])return x;elsereturn fa[x]=find_fa(fa[x]);
}
int main()
{scanf("%d%d",&n,&m);for(int i=1;i<=n;++i)fa[i]=i;for(int i=1;i<=m;++i){int x,y;scanf("%d%d",&x,&y);if(enemy[x]){if(find_fa(enemy[x])!=find_fa(y))fa[fa[y]]=fa[enemy[x]];}elseenemy[x]=y;if(enemy[y]){if(find_fa(enemy[y])!=find_fa(x))fa[fa[x]]=fa[enemy[y]];}elseenemy[y]=x;}int root=find_fa(1);int cnta=0;int cntb=0;for(int i=1;i<=n;++i){if(fa[i]==root)cnta++;elsecntb++;}if(cnta%2==1&&cntb%2==1&&cnta*cntb!=m)printf("%d\n",cnta/2+cntb/2+1);elseprintf("%d\n",cnta/2+cntb/2);
}
G.Human Pyramid
思维+dp。strong的要不站在最底下,要不下面要有两个strong支撑。
我们换个方向看(按斜线方向看),strong要不是连续的,要不就是单独在最下面。所以我们可以按斜线方向进行dp。dp[i][j][k]表示第i行至少有连续
k个strong,且前i行有j个strong的方案数。(这里的行数是看斜线方向)
状态转移方程如下:
dp[i][j][k]=dp[i-1][j-k][max(0,k-1)]+dp[i][j][k+1]
解释如下:
如果 i 行用k个strong,那么可由前一行 i-1行 转移到,那么前 i-1 行肯定是用 j-k个strong且第 i 行至少用 k-1个strong。(当然k=0时,前面也得至少用0个,所以和0取个max)
如果 i 行用大于 k 个strong,那么可由至少用 k+1 个strong转移到。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll mod=1e9+7;
ll dp[105][5305][105]; //dp[i][j][k]表示第i行至少选k个strong,且一共选j个strong的方案数
int main()
{int h,s;cin>>h>>s;dp[0][0][0]=1;for(int i=1;i<=h;++i)for(int j=0;j<=s;++j)for(int k=min(i,j);k>=0;k--)dp[i][j][k]=(dp[i][j][k+1]+dp[i-1][j-k][max(0,k-1)])%mod;cout<<dp[h][s][0]<<endl;return 0;
}
H.In-place Sorting
贪心的想法,如果当前第i个数ai已经大于等于前面的了,要让他尽可能小,这样后面才能更容易满足条件。每次先把6全部改成9,看此时是否大于等于前面,如果不满足输出impossible,否则从高位向后依次,把9改为6,看是否满足,如果不满足改回9,如果满足继续向后重复此操作。因为如果当前能把9改为6,那么之后肯定不会出现情况,让前面的6重新改回9。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e4+5;
int n;
string a[N];
int main()
{cin>>n;for(int i=1;i<=n;++i)cin>>a[i];for(int i=0;a[1][i];++i){if(a[1][i]=='9')a[1][i]='6';}for(int i=2;i<=n;++i){if(a[i].size()<a[i-1].size()){puts("impossible");return 0;}if(a[i].size()>a[i-1].size()){for(int j=0;a[i][j];++j)if(a[i][j]=='9')a[i][j]='6';continue;}for(int j=0;a[i][j];++j)if(a[i][j]=='6')a[i][j]='9';if(a[i]<a[i-1]){puts("impossible");return 0;}for(int j=0;a[i][j];++j){if(a[i][j]=='9')a[i][j]='6';if(a[i]>=a[i-1])continue;a[i][j]='9';}}puts("possible");for(int i=1;i<=n;++i)cout<<a[i]<<endl;return 0;
}
I.Jam-packed
很简单的二分,首先想到最小数量具有单调性(因为如果当前情况满足的话,比当前情况小的肯定也满足check条件),因为箱子是无限个,所以最小数量多小都可以,所以 l=1,而最大数量也不可能超过上限 r=k。然后对于每个mid, 判断是否满足条件(先按每箱放mid个,那么最后会剩n%mid个,所以要将最后的n%mid个放到前面n/mid个箱子上,即判断 n%mid是否小于等于 (k-mid)*(n/mid),如果满足就可以,不满足就不可以)PS:或者直接公式 n/(n/k + 1)
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
inline __int128 read(){__int128 x = 0, f = 1;char ch = getchar();while(ch < '0' || ch > '9'){if(ch == '-')f = -1;ch = getchar();}while(ch >= '0' && ch <= '9'){x = x * 10 + ch - '0';ch = getchar();}return x * f;
}
inline void print(__int128 x){if(x < 0){putchar('-');x = -x;}if(x > 9)print(x / 10);putchar(x % 10 + '0');
}
__int128 n,k;
bool check(__int128 x)
{if(n%x==0)return 1;__int128 res=n%x;__int128 num=n/x;return res<=num*(k-x);
}
int main()
{n=read();k=read();__int128 l=1;__int128 r=k;__int128 mid;__int128 ans=0;while(l<=r){mid=(l+r)>>1;if(check(mid)){ans=max(ans,mid);l=mid+1;}elser=mid-1;}print(ans);
}
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